量子力学Ⅰ/球面調和関数 のバックアップソース(No.6)
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[[量子力学Ⅰ]] &mathjax(); ** 球関数 $Y^m_l(\theta,\phi)$:角運動量の固有関数 [#s564caed] &math(\Theta); の方程式 &math(\Big[\sin\theta \frac{\PD}{\PD \theta} \Big(\sin\theta\frac{\PD}{\PD \theta}\Big)+l(l+1) \sin^2\theta\Big]\Theta(\theta)=m^2\Theta(\theta)); は、&math(l,m); が &math(l=0,1,2,3,\dots); &math(m=-l,-(l-1),\dots,l-1,l); #ref(zeta.png,right,around,33%); の範囲の整数になるときのみ解を持ち、その固有関数は''ルジャンドルの陪関数''を用いて表わすことができる。 &math(P_l^{|m|}(\zeta)=(1-\zeta^2)^{|m|/2}\frac{d^{|m|}}{d\zeta^{|m|}}P_l(\zeta)); ただし、&math(P_l(\zeta)); は''ルジャンドルの多項式''で、 &math(P_l(\zeta)=\frac{1}{\,2^l\,l!\,}\,\frac{d^l}{\,d\zeta^l\,}(\zeta^2-1)^l); によって与えられる。これらを用いた &math( Y_l^m(\theta,\phi)=(-1)^{(m+|m|)/2}\sqrt{\frac{2l+1}{4\pi}\frac{(l-|m|)!}{(l+|m|)!}}P_l^{|m|}(\cos\theta)e^{im\phi} ); は規格直交完全な固有関数となり、この関数を ''球面調和関数'' と呼ぶ。 #multicolumns &math(Y_0^0=\frac{1}{2 \sqrt{\pi }}); &math(Y_1^0=\frac{1}{2} \sqrt{\frac{3}{\pi }} \cos (\theta )); &math(Y_1^{\pm 1}=-\frac{1}{2} \sqrt{\frac{3}{2 \pi }} e^{\pm i \phi } \sin (\theta )); &math(Y_2^0=\frac{1}{4} \sqrt{\frac{5}{\pi }} \left(3 \cos ^2(\theta )-1\right)); &math(Y_2^{\pm 1}=\pm\frac{1}{2} \sqrt{\frac{15}{2 \pi }} e^{\pm i \phi } \sin (\theta ) \cos (\theta )); &math(Y_2^{\pm 2}=\frac{1}{4} \sqrt{\frac{15}{2 \pi }} e^{\pm 2 i \phi } \sin ^2(\theta )); #multicolumns &math(Y_3^0=\frac{1}{4} \sqrt{\frac{7}{\pi }} \left(5 \cos ^3(\theta )-3 \cos (\theta )\right)); &math(Y_3^{\pm 1}=\pm\frac{1}{8} \sqrt{\frac{21}{\pi }} e^{\pm i \phi } \sin (\theta ) \left(5 \cos ^2(\theta )-1\right)); &math(Y_3^{\pm 2}=\frac{1}{4} \sqrt{\frac{105}{2 \pi }} e^{\pm 2 i \phi } \sin ^2(\theta ) \cos (\theta )); &math(Y_3^{\pm 3}=\pm\frac{1}{8} \sqrt{\frac{35}{\pi }} e^{\pm 3 i \phi } \sin ^3(\theta )); ・・・ #multicolumns(end) *** 特徴 [#t568ee09] - &math((m-|m|)/2=\begin{cases}0&m>=0\\m&m<0\end{cases}); より、 &math((-1)^{(m-|m|)/2}=\begin{cases} +1\hspace{0.5cm}&m>0\ または\ m\,が偶数\\ -1&m<0\ かつ\ m\,が奇数 \end{cases}); - &math(\Theta(\theta)); は実数関数である - &math(\sin\theta); と &math(\cos\theta); の &math(l); 次同次関数になっている (&math(3\cos^2\theta-1=2\cos^2\theta-\sin^2\theta); などとなることに注意せよ) - 全角運動量の2乗 &math(\hat l^2); は &math(\hbar^2l(l+1)); である - 全角運動量 &math(\hat l); の大きさは、&math(\sqrt{\hbar^2l(l+1)}); であるが、慣例として「角運動量が &math(\hbar l); の時」などという - &math(l=0); を s 状態、&math(l=1); を p 状態、&math(l=2); を d 状態、&math(l=3); を f 状態、などと言う - &math(\Phi(\phi)); は &math(\phi=0\sim 2\pi); の変化に対して &math(m); 回だけ位相が回転するが、大きさは変化しない - &math(z); 軸周りの角運動量 &math(\hat l_z); は &math(\hbar m); である - 全角運動量が &math(\hbar l); のとき &math(z); 軸周りの角運動量が &math(-\hbar l\le \hbar m\le\hbar l); となるのは当然と思えるはず - &math(m=\pm l); のときも、不確定性により &math(l_x, l_y); は完全にゼロにはならないため、 &math(\hat l^2=\hbar^2 l^2); ではなく &math(\hat l^2=\hbar^2 l(l+1)); となる *** 形状 [#ac710070] &math(\theta,\phi); 方向別に &math(|Y_l^m(\theta,\phi)|^2); の大きさをプロットした。 - &math(\phi); 方向は位相が回転するだけで大きさは変化しない - &math(Y_l^m); と &math(Y_l^{-m}); は位相のみが異なり、同じ形になる - &math(Y_0^0); は球形 - &math(Y_l^0); (&math(l>0);)は原点に節を持ち &math(z); 方向に長く、 原点周りに &math(l-1); 枚のひだを持つ。 &math(l); が大きいほど &math(z); 方向への伸びが長くなる。 - &math(Y_l^m); (&math(|m|>0);) は &math(z); 方向には値を持たず、 &math(z); 軸を取り囲むように &math(l+1-|m|); 枚のひだを持つ。 - &math(Y_l^l); はドーナツ型になる。 &math(l); が大きいほど扁平で、半径も大きい。 *** グラフ [#p11b903a] #ref(Y0-4.png,right,around,50%); &math(l=0); &attachref(Y0-0.jpg,,25%); &math(l=1); &attachref(Y1-0.jpg,,25%); &attachref(Y1-1.jpg,,25%); &math(l=2); &attachref(Y2-0.jpg,,25%); &attachref(Y2-1.jpg,,25%); &attachref(Y2-2.jpg,,25%); &math(l=3); &attachref(Y3-0.jpg,,25%); &attachref(Y3-1.jpg,,25%); &attachref(Y3-2.jpg,,25%); &attachref(Y3-3.jpg,,25%); &math(l=4); &attachref(Y4-0.jpg,,25%); &attachref(Y4-1.jpg,,25%); &attachref(Y4-2.jpg,,25%); &attachref(Y4-3.jpg,,25%); &attachref(Y4-4.jpg,,25%); &math(m=0); &math(m=1); &math(m=2); &math(m=3); &math(m=4); *** $z$ が特殊なわけではない [#oe386d3b] 上のグラフを見るとあたかも &math(z); が特殊な方向であるかのように錯覚するがそんなことはない。 &math(\frac{1}{\sqrt{2}}\big(Y_1^{-1}(\theta,\phi)+Y_1^{1}(\theta,\phi)\big)); や、 &math(\frac{1}{\sqrt{2}}\big(Y_1^{-1}(\theta,\phi)-Y_1^{1}(\theta,\phi)\big)); は、&math(\big(Y_1^{0}(\theta,\phi)); とそっくり同じ形で、それぞれ &math(x,y); 方向を向いた関数となる。 &attachref(Y1-0z.jpg,,33%); &attachref(Y1-0x.jpg,,33%); &attachref(Y1-0y.jpg,,33%); 同じ量子数 &math(l); に属する、縮退した &math(2l+1); 個の固有関数からなる任意の線形結合は すべて同じ固有値に属する固有関数となる。その中で特に &math(\hat l_z); の固有関数でもある物を &math(Y_l^m); と名付けたに過ぎない。 &math(\hat l_z); の固有関数であるように選んだのだから &math(z); が特殊な軸になっているというだけ。 &math(\frac{1}{2l+1}\sum_{m=-1}^l|Y_l^m(\theta,\phi)|^2=\frac{1}{2\sqrt\pi}); すなわち、球対称な定数関数となる。下図は &math(l=1); の場合。 &attachref(Y1-0all.jpg,,33%); * 演習:$m$ に関する漸化式 [#de06da6a] &math(\Phi_m(\phi)=\frac{1}{\sqrt{2\pi}}e^{im\phi}); であるから、 &math(e^{\pm i\phi}\Phi_m(\phi)=\Phi_{m\pm 1}(\phi)); である。 しかし、&math(\Theta_l{}^m(\theta)); をそのままにして &math(\Phi_m(\phi)); だけ &math(m); を増減させてしまうとつじつまが合わなくなってしまう。 &math(Y_l{}^m(\theta,\phi)=\Theta_l{}^m(\theta)\Phi_m(\phi)); を &math(Y_l{}^{m\pm 1}(\theta,\phi)=\Theta_l{}^{m\pm 1}(\theta)\Phi_{m\pm 1}(\phi)); に変換するには、先に導入した演算子 &math(\hat l_{\pm}); が役に立つ。 具体的には次の等式が成り立つ。 &math( \begin{cases} \hat l_+Y_l{}^{m}(\theta,\phi)=\hbar\sqrt{(l-m)(l+m+1)}Y_l{}^{m+1}\\ \hat l_-Y_l{}^{m}(\theta,\phi)=\hbar\sqrt{(l+m)(l-m+1)}Y_l{}^{m-1}\\ \end{cases} ); すなわち、&math(\hat l_\pm=\hat l_x\pm i\hat l_y); は量子数 &math(m); を1だけ増やす/減らす演算子になっている。 (1) シュレーディンガー方程式を解くに当たり、&math(m); は &math(-l\le m\le l); の範囲に入らなければならないという制約があったが、 &math(m=\pm l); のとき、さらに1だけ増やそう/減らそうとすると何が起きるだろうか。 &math(Y_l{}^{\pm l}(\theta,\phi)\propto \sin^l\theta e^{\pm il\phi}); であることに注意して、&math(\hat l_\pm Y_l{}^{\pm l}=0); を導け。~ ただし、 &math(\hat l_\pm=\hat l_x\pm i\hat l_y=\hbar e^{\pm i\phi}\Big(\pm\frac{\PD}{\PD\theta}+\frac{i}{\tan\theta}\frac{\PD}{\PD\phi}\Big)); である。 (2) &math(Y_l{}^m); は &math(\hat l_x,\hat l_y); の固有関数でも、&math(\hat l_+,\hat l_-); の固有関数でもないが、&math(\hat l_+\hat l_-); や &math(\hat l_-\hat l_+); の固有関数になっていることを示し、 その固有値を求めよ。 (3) &math(\hat l_x^2+\hat l_y^2&=\frac{1}{2}\left\{ \hat l_+\hat l_-+\hat l_-\hat l_+\right\}); となることを確かめよ (4) (2),(3) の結果を用いて &math(\langle \hat l_x^2+\hat l_y^2\rangle=\hbar^2(l^2-m^2+l)); を示せ。 [[●解答はこちら>@量子力学Ⅰ/角運動量の固有関数/メモ]] ** 解説 [#b6480998] (4) より、&math(m=\pm l); のときにも &math(\langle \hat l_x^2+\hat l_y^2\rangle=\hbar^2 l); となり &math(x,y); 方向の角運動量はゼロにならない。すなわち、 &math( \bm l^2=\hbar^2 l(l+1)=\underbrace{\ \hbar^2l^2\ }_{l_z^2} + \underbrace{\ \hbar^2l\ }_{\langle l_x^2+l_y^2\rangle} ); と理解できるのである。
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