線形代数II/前半の復習/メモ の変更点

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* 演習解答例 [#z5e0aafa]

>(1) 次のそれぞれの変換は線形か、線形でないか、理由と共に答えよ
>
>　a) $T_1:f(x)\mapsto f(2x+1)$

線形である。

$$
\because T_1\big(af(x)+bg(x)\big)=af\big(2x+1\big)+bg\big(2x+1\big)=aT_1\big(f(x)\big)+bT_1\big(g(x)\big)
$$

~

>　b) $T_2:f(x)\mapsto 2f(x)+1$

線形ではない。

$$
\begin{aligned}
\because &T_2\big(2f(x)\big)=2\big(2f(x)\big)+1=4f(x)+1\\
\ne &2T_2\big(f(x)\big)=2\big(2f(x)+1\big)=4f(x)+2
\end{aligned}
$$

~

>　c) $T_3:f(x)\mapsto (2x^2+1)f(x)$

線形である。

$$
\begin{aligned}
\because &T_3\big(af(x)+bg(x)\big)=(2x^2+1)\big(af(x)+bg(x)\big)\\
&=a(2x^2+1)f(x)+b(2x^2+1)g(x)=aT_3\big(f(x)\big)+bT_3\big(g(x)\big)
\end{aligned}
$$

~

>　d) $T_4:f(x)\mapsto \frac d{dx}\{xf(x)\}$

線形である。

$$
\begin{aligned}
\because &T_4\big(af(x)+bg(x)\big)= \frac d{dx}\big\{x\big(af(x)+bg(x)\big)\big\}\\
&=a\frac d{dx}\big\{xf(x)\big\}+b\frac d{dx}\big\{xg(x)\big\}=aT_4\big(f(x)\big)+bT_4\big(g(x)\big)
\end{aligned}
$$

~

> (2) $t$ の関数の集合 $V=\{a\cos t+b\sin t\,|\,a,b\in C\}$ は通常の和とスカラー倍に対して複素数上の２次元線形空間をなす。この $V$ について以下の問いに答えよ。
>
>　a) $A=\{\cos t,\sin t\}$ を $V$ の基底として、$\bm v=\cos(t+\theta)\in V$ の $A$ に対する表現を求めよ。

$$
\bm v=\cos(t+\theta)=\cos\theta\cos t-\sin\theta\sin t=\Big(\cos t\ \ \sin t\Big)
\begin{pmatrix}\cos\theta\\\sin\theta\end{pmatrix}
$$

したがって、$A$ に対する表現を $\bm v_A$ とすれば

$$
\bm v_A=\begin{pmatrix}\cos\theta\\\sin\theta\end{pmatrix}
$$

~

>　b) $A$ を基底として、線形変換 $D:f(t)\mapsto f'(t)$ の表現 $D_A$ を求めよ。

$$
D\big(a \cos t+b\sin t\big)=\frac{d}{dt}\big(a \cos t+b\sin t\big)=
\big(-a \sin t+b\cos t\big)
$$

より、

$$
D_A\begin{pmatrix}a\\b\end{pmatrix}=\begin{pmatrix}b\\-a\end{pmatrix}
$$

したがって、

$$
D_A=\begin{pmatrix}0&1\\-1&0\end{pmatrix}
$$

~

>　c) 線形変換 $D:f(t)\mapsto f'(t)$ の基底 $B=\{\cos t+i\sin t,\cos t-i\sin t\}$ に対する表現 $D_B$ を求めよ。

$$
\begin{aligned}
&D\Big(a(\cos t+i\sin t)+b(\cos t-i\sin t)\Big)\\
&=a(-\sin t+i\cos t)+b(-\sin t-i\cos t)\\
&=ia(i\sin t+\cos t)-ib(-i\sin t+\cos t)
\end{aligned}
$$

より、

$$
D_B\begin{pmatrix}a\\b\end{pmatrix}=\begin{pmatrix}ia\\-ib\end{pmatrix}
$$

したがって、

$$
D_B=\begin{pmatrix}i&0\\0&-i\end{pmatrix}
$$

別解：

$B=\{e^{it},e^{-it}\}$ であるから $D\Big(ae^{it}+be^{-it}\Big)=iae^{it}-ibe^{-it}$ より 
$D_B=\begin{pmatrix}i&0\\0&-i\end{pmatrix}$

~

>　d) 線形変換 $D^2:f(t)\mapsto f''(t)$ の基底 $A$ に対する表現と、基底 $B$ に対する表現をそれぞれ求めよ。

$$
D_A^2=\begin{pmatrix}0&1\\-1&0\end{pmatrix}^2=
\begin{pmatrix}-1&0\\0&-1\end{pmatrix}
$$

$$
D_B^2=\begin{pmatrix}i&0\\0&-i\end{pmatrix}^2=\begin{pmatrix}-1&0\\0&-1\end{pmatrix}
$$

この空間のすべてのベクトルは $D^2$ の -1 に対する固有ベクトルとなっている。
この空間のすべてのベクトルは $D^2$ の固有値 $-1$ に対する固有ベクトルとなっている。
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